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第一篇:《专题_变压器的动态分析》
专题 变压器的动态分析
【思想方法指导】 处理变压器的动态分析,首先应明确“不变量”和“变化量”,对变化量要把握它们之间的制约关系,依据程序分析的思想,从主动变化量开始,根据制约关系从前到后或从后到前逐一分析各物理量的变化情况.
【规律总结】
1.首先明确变压器各物理量间的制约关系.变压器原、副线圈匝数n1、n2确定,U1决定了U2,与输出端有无负载、负载大小无关,也与变压器有无其他副线圈无关.U2与负载电阻R,通过欧姆定律决定了输出电流I2的大小,输出功率P2决定输入功率P1,P1=U1I1,从而决定I1大小,
2.分清动态变化中哪个量变化,结合串、并联电路的特点.欧姆定律及变压器各物理量间因果关系依次确定.
1.匝数比不变的情况(如图5所示)
(1)U1不变,根据,输入电压U1决定输出电压U2,不论 负载电阻R如何变化,U2不变.
(2)当负载电阻发生变化时,I2变化,输出电流I2决定输入电流
U1n1U2n2
I1,故I1发生变化.
(3)I2变化引起P2变化,P1=P2,故P1发生变化.
2.负载电阻不变的情况(如图6所示) (1)U1不变,发生变化,故U2变化. (2)R不变,U2变化,故I2发生变化.
图5
n1n2
U22
(3)根据P2=P2发生变化,再根据P1=P2,故P1变化,
RP1=U1I1,U1不变, 故I1发生变化.
3.分析动态问题的思路程序可表示为
图6
【典型例题】
1
一:为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系,将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上,副线圈连接相同的灯泡L1、L2,电路中分别接了理想变流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2,导线电阻不计,如图所示.当开关S闭合后( ) A.A1示数变大,A1与A2示数的比值不变 B.A1示数变大,A1与A2示数的比值变大 C.V2示数变小,V1与V2示数的比值变大 D.V2示数不变,V1与V2示数的比值不变
二: 如图8所示电路中的变压器为理想变压器,S为单刀双掷开关,P是滑动变阻器R的滑动触头,原线圈两端接电压恒定的交变电流,则能使原线圈的输入功率变大的是 ( ) A.保持P的位置不变,S由b切换到a B.保持P的位置不变,S由a切换到b C.S掷于b位置不动,P向上滑动 D.S掷于b位置不动,P向下滑动
三:如图所示,理想变压器的输入端接正弦交流电,副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2;输电线的等效电阻为R,开始时,电键K断开.当K接通时,以下说法中正确的是
A.副线圈的两端M、N的输出电压减小 B.副线圈输电线等效电阻R上的电压增大 C.通过灯泡L1的电流减小 D.原线圈中的电流增大
四:如图所示,变压器的原、副线圈的匝数比一定,原线圈的电压为U1时,副线圈的输出电压为U2,L1、L2、L3为三只完全相同的电灯,开始时,电键K开启,然后当电键K闭合时
A.电压U1不变,U2变大 B.电灯L1变亮,L2变暗 C.电灯L1变暗,L2变亮 D.原线圈中的电流变大
2
五:如图,为一理想变压器,K为单刀双掷开关,P为滑动变阻器的滑动触头,U1为加在原线圈两端的电压,I1为原线圈中的电流强度,则
A.保持U1及P的位置不变,K由a合到b时,I1将增大 B.保持U1及P的位置不变,K由b合到a时,R消耗的功率减小 C.保持U1不变,K合在a处,使P上滑,I1将增大 D.保持P的位置不变,K合在a处,若U1增大,I1将增大
六:有5个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中,如图所示.若将该线路与交流电源接通,且开关S接在位置1时,5个灯泡发光亮度相同;若将开关S接在位置2时,灯泡均未烧坏.则下列可能的是 ( )
3
A.该变压器是降压变压器,原、副线圈匝数比为4∶1 B.该变压器是升压变压器,原、副线圈匝数比为1∶4 C.副线圈中的灯泡仍能发光,只是更亮些 D.副线圈中的灯泡仍能发光,只是亮度变暗
理想变压器
在理想变压器的原线圈两端加交变电压U1后,由于电磁感应的原因,原、副线圈中都将产生感应电动势,根据法拉第电磁感应定律有:E1n1
12
,E2n2 tt
忽略原、副线圈内阻,有 U1=E1 , U2=E2
另外,考虑到铁心的导磁作用而且忽略漏磁,即认为在任意时刻穿过原、副线圈的磁感线条数都相等,于是又有 12
U1n1
由此便可得理想变压器的电压变化规律为 U2n2
在此基础上再忽略变压器自身的能量损失(一般包括线圈内能量损失和铁芯内能量损失这两部分,分别俗称为“铜损”和“铁损”),有P1=P2 而P1=I1U1 P2=I2U2 于是又得理想变压器的电流变化规律为U1I1U2I2,
I1n2
I2n1
解题思路1 电压思路.变压器原、副线圈的电压之比为U1/U2=n1/n2;当变压器有多个副绕组时
U1/n1=U2/n2=U3/n3=„„
解题思路2 功率思路.理想变压器的输入、输出功率为P入=P出,即P1=P2;当变压器有多个副绕组时
P1=P2+P3+„„
解题思路3 电流思路.由I=P/U知,对只有一个副绕组的变压器有I1/I2=n2/n1;当变压器有多个副绕组时n1I1=n2I2+n3I3+„„
解题思路4 (变压器动态问题)制约思路.
(1)电压制约:当变压器原、副线圈的匝数比(n1/n2)一定时,输出电压U2由输入电压决定,即U2=n2U1/n1,可简述为“原制约副”.
(2)电流制约:当变压器原、副线圈的匝数比(n1/n2)一定,且输入电压U1确定时,原线圈中的电流I1由副线圈中的输出电流I2决定,即I1=n2I2/n1,可简述为“副制约原”.
(3)负载制约:①变压器副线圈中的功率P2由用户负载决定,P2=P的电流I2由用户负载及电压U2确定,I2=P2/U2;③总功率P总=P线+P2.
动态分析问题的思路程序可表示为:
UUn211I
2RnPP1P2(I1U1I2U2)1I1U1负载U1U22IP1 UI122决定决定决定决定
负1
+P
负2
+„;②变压器副线圈中
4
三
远距离输电问题
[知识梳理]
1.根据P损=__________,降低输电损耗有两种方法 (1)减小输电线的电阻.
(2)减小输电导线中的电流:在输送功率一定的情况下,根据P=UI,要减小电流,必须提高____________. 2.远距离输电的功率损失
输送功率一定时,线路电流I=________,输电线上的损失功率P损=IR线=____________,可知P损
1∝2.
2
U
远距离输电中的功率关系:P输=____________. 3 .远距离输电的处理思路
对高压输电问题,应按“发电机→升压变压器→远距离输电线→降压变压器→用电器”,或从“用电器”倒推到“发电机”的顺序一步一步进行分析. 4远距离高压输电的几个基本关系(以图9为例):
图9
(1)功率关系:P1=P2,P3=P4,P2=P损+P3.
U1n1I2U3n3I4
U2n2I1U4n4I3P2P3U2-U3
(3)输电电流:I线===.
U2U3R线
(2)==,U2=ΔU+U3,I2=I3=I线.
(4)输电线上损耗的电功率:P损=I线ΔU=I线R线=(R线.
1
当输送功率一定时,输电电压增大到原来的n倍,输电线上损耗的功率就减小到原来的2.
2
P2U2
2
n
例题
1 (2010·浙江理综·17)某水电站,用总电阻为2.5 Ω的输电线输电给500 km外的用户,其输出电功率是3×10 kW,现用500 kV电压输电,则下列说法正确的是 A.输电线上输送的电流大小为2.0×10 A B.输电线上由电阻造成的损失电压为15 kV
C.若改用5 kV电压输电,则输电线上损失的功率为9×10 kW D.输电线上损失的功率为ΔP=U/r,U为输电电压,r为输电线的电阻
5
2
8
5
6
( )
第二篇:《变压器的动态分析(有答案)》
对变压器动态分析的考查
1、 如图所示,某理想变压器的原线圈接一交流电,副线圈接如图所示电路,开关S原来闭
合,且R1=R2.现将S断开,那么交流电压表的示数U、交流电流表的示数I、电阻R1上的功率P1及该变压器原线圈的输入功率P的变化情况正确的是 (
)
A.U增大
C.P1减小
答案 AD
解析 开关S由闭合到断开时,负载的总电阻变大,变压器的输出电压U2不变,则输
2UU2出电流I2变小,R上的电压变小,R1上的电压U变大,电阻R1上的功率P1=R1R1 B.I增大 D.P减小
R1不变,U变大,则P1增大,故A正确,C错误.由电流与匝数的关系可知电流表的示数I减小,B错误.输出功率P出=I2U2,U2不变,I2减小,则P出减小,输入功率等于输出功率,所以D正确.
2、(2012·福建理综·14)如图所示,理想变压器原线圈输
入电压u=Umsin ωt,副线圈电路中R0为定值电阻,R是滑
动变阻器.和是理想交流电压表,示数分别用U1和U2表示;和是理想交流电流表,示数分别用I1和I2
表示.下列说法正确的是 ( )
A.I1和I2表示电流的瞬时值 B.U1和U2表示电压的最大值
C.滑片P向下滑动过程中,U2不变、I1变大
D.滑片P向下滑动过程中,U2变小、I1变小
解析 电路中交流电表的示数为有效值,故A、B项均错误;P向下滑动过程中,R变
UI小,由于交流电源和原、副线圈匝数不变,U1、U2均不变,所以I2=I2R0+R
nn,得I1=2变大,故C项正确,D项错误. n1n1
答案 C
3、 如图甲所示,T为理想变压器,原、副线圈匝数比为10∶1,副线圈所接电路中,电压
表V1、V2和电流表A1、A2都为理想电表,电阻R1=4 Ω,R2=6 Ω,R3的最大阻值为12 Ω,原线圈两端加上如图乙所示规律变化的电压.在R3的滑片自最下端滑动到最上端的过程中,以下说法正确的是 (理想变压器的动态分析类问题
) 1
图5
A.电压表V1的示数增大 B.电压表V2的示数为202 V
C.电流表A1、A2的示数都增大
D.电压表V1的示数与电流表A1的示数的乘积一直减小
答案 D
解析 当R3的滑片向上移动时,R2、R3的总电阻减小,分压减小,所以电压表V1的示
220 V10数减小,A错误.由变压比公式得U2=22 V,B错误.根据“串反并同”得U21
电流表A1的示数增大,电流表A2的示数减小,C错误.电压表V1的示数与电流表A1的示数的乘积为电阻R2、R3消耗的功率之和,由于P入=P出=P1+P23,且P入=P出不变,P1增大,故P23减小,D正确.
4、 (2011·福建理综·15)图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1∶n2=5∶1,电阻R=20
Ω,L1、L2为规格相同的两只小灯泡,S1为单刀双掷开关.原线圈接正弦交变电源,输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示.现将S1接1,S2闭合,此时L2正常发光.下列说法正确的是 (
)
A.输入电压u的表达式u=2sin (50πt) V
B.只断开S2后,L1、L2均正常发光
C.只断开S2后,原线圈的输入功率增大
D.若S1换接到2后,R消耗的电功率为0.8 W
答案 D
2π解析 由图象乙可知Um=202 V,T=0.02 s,故ω=100π rad/s,即输入电压u的T
表达式u=202sin (100πt) V,所以A项错误.断开S2后两灯串联,总电压仍为4 V,
U2
所以L1、L2均不能正常发光,B项错误.根据P入=P出=S2后R总增大,PR总
U242可得PW=0.8 W,D项正确. 入变小,P出变小,C项错误.若S1接2,由P=R20
5、 某同学自制变压器,原线圈为n1匝,在做副线圈时,将导线ab对折后并在一起,在铁
2
芯上绕n2圈,从导线对折处引出一个接头c,连成图所示电路.S为单刀双掷开关,线圈电阻不计,原线圈接u1=Umsin ωt的交流电源.下列说法正确的是 (
)
A.S接b时,电压表示数为
B.S接c时,电压表示数为2nU n12nU 2n1
C.S接c时,滑动触头P向下移动,变压器输入功率变大
D.S接c时,滑动触头P向上移动,变压器输入电流变大
答案 BD
解析 S接b时,双导线ab产生的感应电动势抵消为零,电压表示数为零,选项A错
UnU误;S接c时,副线圈的电动势就是一个n2线圈产生的感应电动势,由U1=U2n22
所以U2=2nUB正确;P向下滑时,R变大,消耗的功率变小,因此输入功率2n1
也变小,同理分析,P向上滑时,R减小,回路电流变大,由I1n1=I2n2知输入电流变大,选项C错误,D正确.
6、 如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数分别是n1、n2,b是原线圈的中心抽头,图
中电表均为理想的交流电表,副线圈接定值电阻R,其余电阻不计.从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压.当单刀双掷开关由a拨向b后,下列说法正确的是
( )
甲 乙
A.副线圈输出电压的频率变小 B.电压表的示数变大
C.电流表的示数变小 D.原线圈的输入功率变大
答案 BD
Un解析 变压器不会改变交流电的频率,A项错误;当开关由a拨向b后,n1变小,由U2n2
U且U1=不变,可知n1变小,n2、U1不变时,U2变大,即电压表的示数变大,同样电流表2
示数也要变大,B项正确,C项错误;由P入=P出=U2I2可知,D项正确.
3
7、(2010·海南·9)如图所示,一理想变压器原、副线圈
匝数之比为4∶1,原线圈两端接入一正弦交流电源;副线圈电
路中R为负载电阻,交流电压表和交流电流表都是理想电表.下
列结论正确的是 ( )
A.若电压表读数为6 V,则输入电压的最大值为2 V
B.若输入电压不变,副线圈匝数增加到原来的2倍,则电流表的读数减小到原来的一
半
C.若输入电压不变,负载电阻的阻值增加到原来的2倍,则输入功率也增加到原来的2
倍
D.若保持负载电阻的阻值不变,输入电压增加到原来的2倍,则输出功率增加到原来
的4倍
答案 AD
解析 本题考查变压器的原理以及交流电的有关知识,意在考查考生对交变电流的认识
Un和理解.因为电压表的读数为6 V,则变压器的输出电压的有效值为6 V,由=,故U2n2
U1=4U2=24 V,所以输入电压的最大值为Um=U1=V,所以选项A正确;若输入电压不变,副线圈匝数增加,则U2增大,由I2=UR
UR项B错;输入电压和匝数比不变,则电压值不变,当负载电阻R变大时,则I2=
流变小,又P1=P2=U2I2,故输入功率也减小,所以选项C错;若负载电阻R不变,输
U入电压变为原来的2倍,则输出电压也变为原来的2倍,I2=则输出电流也变为原来R
的2倍,故输出功率P2=U2I2变为原来的4倍,所以选项D正确.
8、 (2011·山东理综·20)为保证用户电压稳定在220 V,变电所需适时进行调压,图甲为调压
变压器示意图.保持输入电压u1不变,当滑动接头P上下移动时可改变输出电压.某次检测得到用户电压u2随时间t变化的曲线如图乙所示.以下正确的是 (
)
甲 乙
A.u2=1902sin (50πt) V B.u2=1902sin (100πt) V
C.为使用户电压稳定在220 V,应将P适当下移
D.为使用户电压稳定在220 V,应将P适当上移
答案
BD
4
2π-解析 由题图乙知交变电流的周期T=2×102 s,所以ω=100π rad/s,故u2=Um T
Unnsin ωt=1902sin (100πt) V,A错误,B正确.由U2U1,欲使U2升高,n1U2n2n1
应减小,P应上移,C错误,D正确.
9、如图所示的电路中,有一自耦变压器,左侧并联一只理想电压表V1后接在稳定的交流电源上;右侧串联灯泡L和滑动变阻器R,R上并联一只理想电压表V2.下列说法中正确的是
( )
A.若F不动,滑片P向下滑动时,V1示数变大,V2示数变小
B.若F不动,滑片P向下滑动时,灯泡消耗的功率变小
C.若P不动,滑片F向下移动时,V1、V2的示数均变小
D.若P不动,滑片F向下移动时,灯泡消耗的功率变大
解析 若F不动,滑片P向下滑动时,滑动变阻器接入电路中的电阻变大,则副线圈回路中总电阻变大,则回路中电流减小,灯泡两端电压减小,功率变小,滑动变阻器两端电压变大,V2的示数变大,而原线圈两端电压不变,则A错误,B正确;若P不动,滑片F向下移动时,根据理想变压器特点可知原线圈两端电压不变,副线圈两端电压减小,则副线圈回路中电流变小,灯泡L消耗的功率减小,电压表V2的示数变小,C、D错误. 答案 B
10、 调压变压器就是一种自耦变压器,它的构造如图甲所示.线圈AB绕在一个圆环形的铁
芯上,CD之间输入交变电压,转动滑动触头P就可以调节输出电压.图甲中两电表均为理想交流电表,R1、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器.现在CD两端输入图乙所示正弦式交流电,变压器视为理想变压器,那么 (
)
A.由乙图可知CD两端输入交流电压u的表达式为u=362sin 100t(V)
B.当滑动触头P逆时针转动时,MN之间输出交流电压的频率变大
C.当滑动变阻器滑动触头向下滑动时,电流表读数变大,电压表读数也变大
D.当滑动变阻器滑动触头向下滑动时,电阻R2消耗的电功率变小
答案 D
解析 由题图乙可知u=2sin 100πt(V),A错误.M、N之间输出交流电压的频率由输入的交流电压的频率决定,B错误.滑动变阻器的滑动触头向下滑动时,R3减小,由
U2
“串反并同”可知电压表读数减小,电流表读数增大,R2消耗的电功率P2=CR2
错误,D正确.
5
第三篇:《专题_变压器的动态分析》
专题 变压器的动态分析
【思想方法指导】 处理变压器的动态分析,首先应明确“不变量”和“变化量”,对变化量要把握它们之间的制约关系,依据程序分析的思想,从主动变化量开始,根据制约关系从前到后或从后到前逐一分析各物理量的变化情况.
【规律总结】
1.首先明确变压器各物理量间的制约关系.变压器原、副线圈匝数n1、n2确定,U1决定了U2,与输出端有无负载、负载大小无关,也与变压器有无其他副线圈无关.U2与负载电阻R,通过欧姆定律决定了输出电流I2的大小,输出功率P2决定输入功率P1,P1=U1I1,从而决定I1大小,
2.分清动态变化中哪个量变化,结合串、并联电路的特点.欧姆定律及变压器各物理量间因果关系依次确定.
1.匝数比不变的情况(如图5所示)
(1)U1不变,根据,输入电压U1决定输出电压U2,不论 负载电阻R如何变化,U2不变.
(2)当负载电阻发生变化时,I2变化,输出电流I2决定输入电流
U1n1U2n2
I1,故I1发生变化.
(3)I2变化引起P2变化,P1=P2,故P1发生变化.
2.负载电阻不变的情况(如图6所示)
(1)U1不变,发生变化,故U2变化. (2)R不变,U2变化,故I2发生变化.
图5
n1n2
U22
(3)根据P2=P2发生变化,再根据P1=P2,故P1变化,
RP1=U1I1,U1不变, 故I1发生变化.
3.分析动态问题的思路程序可表示为
图6
【典型例题】
1
一:为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系,将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上,副线圈连接相同的灯泡L1、L2,电路中分别接了理想变流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2,导线电阻不计,如图所示.当开关S闭合后( ) A.A1示数变大,A1与A2示数的比值不变 B.A1示数变大,A1与A2示数的比值变大 C.V2示数变小,V1与V2示数的比值变大 D.V2示数不变,V1与V2示数的比值不变
二: 如图8所示电路中的变压器为理想变压器,S为单刀双掷开关,P是滑动变阻器R的滑动触头,原线圈两端接电压恒定的交变电流,则能使原线圈的输入功率变大的是 ( ) A.保持P的位置不变,S由b切换到a B.保持P的位置不变,S由a切换到b C.S掷于b位置不动,P向上滑动 D.S掷于b位置不动,P向下滑动
三:如图所示,理想变压器的输入端接正弦交流电,副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2;输电线的等效电阻为R,开始时,电键K断开.当K接通时,以下说法中正确的是
A.副线圈的两端M、N的输出电压减小 B.副线圈输电线等效电阻R上的电压增大 C.通过灯泡L1的电流减小 D.原线圈中的电流增大
四:如图所示,变压器的原、副线圈的匝数比一定,原线圈的电压为U1时,副线圈的输出电压为U2,L1、L2、L3为三只完全相同的电灯,开始时,电键K开启,然后当电键K闭合时
A.电压U1不变,U2变大 B.电灯L1变亮,L2变暗 C.电灯L1变暗,L2变亮 D.原线圈中的电流变大
2
五:如图,为一理想变压器,K为单刀双掷开关,P为滑动变阻器的滑动触头,U1为加在原线圈两端的电压,I1为原线圈中的电流强度,则
A.保持U1及P的位置不变,K由a合到b时,I1将增大 B.保持U1及P的位置不变,K由b合到a时,R消耗的功率减小 C.保持U1不变,K合在a处,使P上滑,I1将增大 D.保持P的位置不变,K合在a处,若U1增大,I1将增大
六:有5个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中,如图所示.若将该线路与交流电源接通,且开关S接在位置1时,5个灯泡发光亮度相同;若将开关S接在位置2时,灯泡均未烧坏.则下列可能的是 ( )
3
A.该变压器是降压变压器,原、副线圈匝数比为4∶1 B.该变压器是升压变压器,原、副线圈匝数比为1∶4 C.副线圈中的灯泡仍能发光,只是更亮些 D.副线圈中的灯泡仍能发光,只是亮度变暗
理想变压器
在理想变压器的原线圈两端加交变电压U1后,由于电磁感应的原因,原、副线圈中都将产生感应电动势,根据法拉第电磁感应定律有:E1n1
12
,E2n2 tt
忽略原、副线圈内阻,有 U1=E1 , U2=E2
另外,考虑到铁心的导磁作用而且忽略漏磁,即认为在任意时刻穿过原、副线圈的磁感线条数都相等,于是又有 12
U1n1
由此便可得理想变压器的电压变化规律为 U2n2
在此基础上再忽略变压器自身的能量损失(一般包括线圈内能量损失和铁芯内能量损失这两部分,分别俗称为“铜损”和“铁损”),有P1=P2 而P1=I1U1 P2=I2U2 于是又得理想变压器的电流变化规律为U1I1U2I2,
I1n2
I2n1
解题思路1 电压思路.变压器原、副线圈的电压之比为U1/U2=n1/n2;当变压器有多个副绕组时
U1/n1=U2/n2=U3/n3=„„
解题思路2 功率思路.理想变压器的输入、输出功率为P入=P出,即P1=P2;当变压器有多个副绕组时
P1=P2+P3+„„
解题思路3 电流思路.由I=P/U知,对只有一个副绕组的变压器有I1/I2=n2/n1;当变压器有多个副绕组时n1I1=n2I2+n3I3+„„
解题思路4 (变压器动态问题)制约思路.
(1)电压制约:当变压器原、副线圈的匝数比(n1/n2)一定时,输出电压U2由输入电压决定,即U2=n2U1/n1,可简述为“原制约副”.
(2)电流制约:当变压器原、副线圈的匝数比(n1/n2)一定,且输入电压U1确定时,原线圈中的电流I1由副线圈中的输出电流I2决定,即I1=n2I2/n1,可简述为“副制约原”.
(3)负载制约:①变压器副线圈中的功率P2由用户负载决定,P2=P的电流I2由用户负载及电压U2确定,I2=P2/U2;③总功率P总=P线+P2.
动态分析问题的思路程序可表示为:
UUn211I
2RnPU1I2U2)P1P2(I11I1U1负载U1U22IP1 UI122决定决定决定决定
负1
+P
负2
+„;②变压器副线圈中
4
三
远距离输电问题
[知识梳理]
1.根据P损=__________,降低输电损耗有两种方法
(1)减小输电线的电阻.
(2)减小输电导线中的电流:在输送功率一定的情况下,根据P=UI,要减小电流,必须提高____________. 2.远距离输电的功率损失
输送功率一定时,线路电流I=________,输电线上的损失功率P损=IR线=____________,可知P损
1∝2.
2
U
远距离输电中的功率关系:P输=____________. 3 .远距离输电的处理思路
对高压输电问题,应按“发电机→升压变压器→远距离输电线→降压变压器→用电器”,或从“用电器”倒推到“发电机”的顺序一步一步进行分析. 4远距离高压输电的几个基本关系(以图9为例):
图9
(1)功率关系:P1=P2,P3=P4,P2=P损+P3.
U1n1I2U3n3I4
U2n2I1U4n4I3P2P3U2-U3
(3)输电电流:I线===.
U2U3R线
(2)==,U2=ΔU+U3,I2=I3=I线.
(4)输电线上损耗的电功率:P损=I线ΔU=I线R线=(R线.
1
当输送功率一定时,输电电压增大到原来的n倍,输电线上损耗的功率就减小到原来的2.
2
P2U2
2
n
例题
1 (2010·浙江理综·17)某水电站,用总电阻为2.5 Ω的输电线输电给500 km外的用户,其输出电功率是3×10 kW,现用500 kV电压输电,则下列说法正确的是 A.输电线上输送的电流大小为2.0×10 A B.输电线上由电阻造成的损失电压为15 kV
C.若改用5 kV电压输电,则输电线上损失的功率为9×10 kW D.输电线上损失的功率为ΔP=U/r,U为输电电压,r为输电线的电阻
5
2
8
5
6
( )
第四篇:《专题_变压器的动态分析》
专题 变压器的动态分析
【思想方法指导】 处理变压器的动态分析,首先应明确“不变量”和“变化量”,对变化量要把握它们之间的制约关系,依据程序分析的思想,从主动变化量开始,根据制约关系从前到后或从后到前逐一分析各物理量的变化情况.
【规律总结】
1.首先明确变压器各物理量间的制约关系.变压器原、副线圈匝数n1、n2确定,U1决定了U2,与输出端有无负载、负载大小无关,也与变压器有无其他副线圈无关.U2与负载电阻R,通过欧姆定律决定了输出电流I2的大小,输出功率P2决定输入功率P1,P1=U1I1,从而决定I1大小,
2.分清动态变化中哪个量变化,结合串、并联电路的特点.欧姆定律及变压器各物理量间因果关系依次确定.
1.匝数比不变的情况(如图5所示)
(1)U1不变,根据,输入电压U1决定输出电压U2,不论 负载电阻R如何变化,U2不变.
(2)当负载电阻发生变化时,I2变化,输出电流I2决定输入电流
U1n1U2n2
I1,故I1发生变化.
(3)I2变化引起P2变化,P1=P2,故P1发生变化.
2.负载电阻不变的情况(如图6所示) (1)U1不变,发生变化,故U2变化. (2)R不变,U2变化,故I2发生变化.
图5
n1n2
U22
(3)根据P2=P2发生变化,再根据P1=P2,故P1变化,
RP1=U1I1,U1不变, 故I1发生变化.
3.分析动态问题的思路程序可表示为
图6
【典型例题】
例题一:为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系,将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上,副线圈连接相同的灯泡L1、L2,电路中分别接了理想变流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2,导线电阻不计,如图所示.当开关S闭合后( ) A.A1示数变大,A1与A2示数的比值不变 B.A1示数变大,A1与A2示数的比值变大 C.V2示数变小,V1与V2示数的比值变大 D.V2示数不变,V1与V2示数的比值不变
1
例题二: 如图8所示电路中的变压器为理想变压器,S为单刀双掷开关,P是滑动变阻器R的滑动触头,原线圈两端接电压恒定的交变电流,则能使原线圈的输入功率变大的是 ( )
A.保持P的位置不变,S由b切换到a B.保持P的位置不变,S由a切换到b C.S掷于b位置不动,P向上滑动 D.S掷于b位置不动,P向下滑动
例题三:如图所示,理想变压器的输入端接正弦交流电,副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2;输电线的等效电阻为R,开始时,电键K断开.当K接通时,以下说法中正确的是
A.副线圈的两端M、N的输出电压减小 B.副线圈输电线等效电阻R上的电压增大 C.通过灯泡L1的电流减小 D.原线圈中的电流增大
例题四:如图所示,变压器的原、副线圈的匝数比一定,原线圈的电压为U1时,副线圈的输出电压为U2,L1、L2、L3为三只完全相同的电灯,开始时,电键K开启,然后当电键K闭合时
A.电压U1不变,U2变大 B.电灯L1变亮,L2变暗 C.电灯L1变暗,L2变亮 D.原线圈中的电流变大
例题五:如图,为一理想变压器,K为单刀双掷开关,P为滑动变阻器的滑动触头,U1为加在原线圈两端的电压,I1为原线圈中的电流强度,则
A.保持U1及P的位置不变,K由a合到b时,I1将增大 B.保持U1及P的位置不变,K由b合到a时,R消耗的功率减小 C.保持U1不变,K合在a处,使P上滑,I1将增大 D.保持P的位置不变,K合在a处,若U1增大,I1将增大
例题六:有5个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中,如图
所示.若将该线路与交流电源接通,且开关S接在位置1时,5个灯泡发光亮度相同;若将开关S接在位置2时,灯泡均未烧坏.则下列可能的是 ( )
A.该变压器是降压变压器,原、副线圈匝数比为4∶1 B.该变压器是升压变压器,原、副线圈匝数比为1∶4 C.副线圈中的灯泡仍能发光,只是更亮些 D.副线圈中的灯泡仍能发光,只是亮度变暗
理想变压器
在理想变压器的原线圈两端加交变电压U1
后,由于电磁感应的原因,原、副线圈中都将产生感应电动势,
2
根据法拉第电磁感应定律有:E1n1
12
,E2n2 tt
忽略原、副线圈内阻,有 U1=E1 , U2=E2
另外,考虑到铁心的导磁作用而且忽略漏磁,即认为在任意时刻穿过原、副线圈的磁感线条数都相等,于是又有 12
由此便可得理想变压器的电压变化规律为
U1n1
U2n2
在此基础上再忽略变压器自身的能量损失(一般包括线圈内能量损失和铁芯内能量损失这两部分,分别俗称为“铜损”和“铁损”),有P1=P2 而P1=I1U1 P2=I2U2 于是又得理想变压器的电流变化规律为U1I1U2I2,
I1n2
I2n1
解题思路1 电压思路.变压器原、副线圈的电压之比为U1/U2=n1/n2;当变压器有多个副绕组时
U1/n1=U2/n2=U3/n3=„„
解题思路2 功率思路.理想变压器的输入、输出功率为P入=P出,即P1=P2;当变压器有多个副绕组时
P1=P2+P3+„„
解题思路3 电流思路.由I=P/U知,对只有一个副绕组的变压器有I1/I2=n2/n1;当变压器有多个副绕组时n1I1=n2I2+n3I3+„„
解题思路4 (变压器动态问题)制约思路.
(1)电压制约:当变压器原、副线圈的匝数比(n1/n2)一定时,输出电压U2由输入电压决定,即U2=n2U1/n1,可简述为“原制约副”.
(2)电流制约:当变压器原、副线圈的匝数比(n1/n2)一定,且输入电压U1确定时,原线圈中的电流I1由副线圈中的输出电流I2决定,即I1=n2I2/n1,可简述为“副制约原”.
(3)负载制约:①变压器副线圈中的功率P2由用户负载决定,P2=P的电流I2由用户负载及电压U2确定,I2=P2/U2;③总功率P总=P线+P2.理想变压器的动态分析类问题
动态分析问题的思路程序可表示为:
UUn11I
2RnPU1I2U2)PU1U1P2(I11I1U1负载22IP1 UI122决定决定决定决定
负1
+P
负2
+„;②变压器副线圈中
三
远距离输电问题
[知识梳理]
1.根据P损=__________,降低输电损耗有两种方法 (1)减小输电线的电阻.
(2)减小输电导线中的电流:在输送功率一定的情况下,根据P=UI,要减小电流,必须提高____________. 2.远距离输电的功率损失
3
输送功率一定时,线路电流I=________,输电线上的损失功率P损=IR线=____________,可知P损
1∝2.
2
U
远距离输电中的功率关系:P输=____________. 3 .远距离输电的处理思路
对高压输电问题,应按“发电机→升压变压器→远距离输电线→降压变压器→用电器”,或从“用电器”倒推到“发电机”的顺序一步一步进行分析. 4远距离高压输电的几个基本关系(以图9为例):
图9
(1)功率关系:P1=P2,P3=P4,P2=P损+P3.
U1n1I2U3n3I4
U2n2I1U4n4I3P2P3U2-U3
(3)输电电流:I线===.
U2U3R线
(2)==,U2=ΔU+U3,I2=I3=I线.
(4)输电线上损耗的电功率:P损=I线ΔU=I线R线=(R线.
1
当输送功率一定时,输电电压增大到原来的n倍,输电线上损耗的功率就减小到原来的2.
2
P2U2
2
n
例题
1 (2010·浙江理综·17)某水电站,用总电阻为2.5 Ω的输电线输电给500 km外的用户,其输出电功率是3×10 kW,现用500 kV电压输电,则下列说法正确的是 A.输电线上输送的电流大小为2.0×10 A B.输电线上由电阻造成的损失电压为15 kV
C.若改用5 kV电压输电,则输电线上损失的功率为9×10 kW D.输电线上损失的功率为ΔP=U/r,U为输电电压,r为输电线的电阻
思维突破 在远距离输电问题中,计算线路功率损耗时应用P损=I线R线,其原因是I线可以由公式P输入=I
2
2
8
5
6
( )
U2线
则不常用,其原因是在一般情况下,U线不易求 出,且易将U线和线U输入求出,而P损=U线I线和P损R线U输入相混而造成错误.
2 如图10所示,有一台交流发电机E,通过理想升压变压器T1和理想降压变压器T2向远处用户供电,输电线的总电阻为R.T1的输入电压和输入功率分别为U1和P1,它的输出电压和输出功率分别为U2和P2;
T2的输入电压和输入功率分别为U3和P3,它的输出电压和输出功率分别为U4和P4.设T1的输入电压U1
一定,当用户消耗的电功率变大时,有( )
4
图10
A.U2减小,U4变大 B.U2不变,U3变大C.P1变小,P2变小 D.P2变大,P3变大
3 (2010·江苏·7改编)在如图11所示的远距离输电电路图中,升压变压器和降压变压器均为理想变压器,发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变.随着发电厂输出功率的增大, 下列说法中正确的有( ) A.升压变压器的输出电压增大 B.降压变压器的输出电压增大 C.输电线上损耗的功率增大
D.输电线上损耗的功率占总功率的比例减小
4 2008年1月10日开始的低温雨雪冰冻造成我国部分地区严重灾害,其中高压输电线因结冰而损毁严重,为消除高压输电线上的冰,事后有人设计了利用电流的热效应除冰的融冰思路.若在正常供电时,高压线上送电电压为U,电流为I,热耗功率为ΔP;除冰时,在输电功率、用户的输入电压和输电线电阻不变的情况下,通过自动调节高压输电变压器的变压比,使输电线上的热耗功率变为16ΔP,则除冰时
( )
B.输电电流为16I C.输电电压为4U D.输电电压为
16
A.输电电流为4I
U
5.图16为某小型水电站的电能输送示意图,A为升压变压器,其输入功率为P1,输出功率为P2,输出电压为U2;B为降压变压器,其输入功率为P3,输入电压为U3.A、B均为理想变压器,输电线的总电阻为理想变压器的动态分析类问题
r,则下列关系式正确的是 ( )
图16
5
第五篇:《变压器动态分析》
★★★13.如图所示,理想变压器副线圈通过输电线接两个相同的
灯泡L1和L2.输电线的等效电阻为R.开始时,电键S断开,当S闭
合时,下列说法中正确的是( ).【1】
(A)副线圈两端的输出电压减小 (B)通过灯泡L1的电流减小
(C)原线圈中的电流增大 (D)变压器的输入功率增大
答案:BCD
★★★5.如图所示的理想变压器,两个副线圈陌数分别为n1和n2.,当把
电热器接在ab,使cd空载时,电流表的示数为I1;当把电热器接在cd,
而使曲空载时,电流表的示数为I2,则I1:I2等于( ).【1】
(A)n1﹕n2
答案:B
2.(2006年·江苏)如图所示电路中的变压器为理想变压器,S
为单刀双掷开关.P是滑动变阻器R的滑动触头,U1为
加在原线圈两端的交变电压,I1、I2分别为原线圈和副线
圈中的电流.下列说法正确的是
A.保持P的位置及U1不变,S由b切换到a,则R上消
耗的功率减小
B.保持P的位置及U1不变,S由a切换到b,则I2减小
C.保持P的位置及U1不变,S由b切换到a,则I1增大
D.保持U1不变,S接在b端,将P向上滑动,则I1减小
提示:保持P的位置及U1不变,S由b切换到a时,由理想变压器电压比公式
U2
R (B)n21﹕n22 (C)n2﹕n1 (D)n22﹕n12 U1U2n1n2I2可知,副线圈两端电压U2增大,P1I1U1P2也增大,则R上消耗的功率增大,
增大,I1增大,A选项错误、C选项正确;保持P的位置及U1不变,S由a切换到b时,U2减小,则I2U2R也减小,B选项正确;保持U1不变,S接在b端,将P向上
I1
I2n2n1滑动时,U2不变,R减小,则I2增大,由电流比公式可知,I1也增大,D选项
错误.
12.(2006年·上海)如图所示,一理想变压器原、副线圈匝数分别为nl和n2,当负载电阻R
中流过的电流为I时,原线圈中流过的电流为R的阻值,则变压器的输
入功率将_________(填“增大”、“减小”或“不变”). 【答案】n2
n1I,增大
26.如图所示,变压器原线圈接交流高压,降压后通过输电导线给用电器供电,当电键S
断开时,图中电压表示数U和电流表示数I的变化是
A.U、I均变大
B.U变大,I变小
C.U、I均变小
D.U变小,I变大
28.调压变压器是一种自耦变压器,它的构造如图所示.线圈
AB绕在一个圆环形的铁芯上.AB间加上正弦交流电压U,
移动滑动触头P的位置,就可以调节输出电压.在输出端
连接了滑动变阻器R和理想交流电流表,变阻器的滑动触
头为Q.则 A.保持P的位置不动,将Q向下移动时,电流表的读数变大
B.保持P的位置不动,将Q向下移动时,电流表的读数变小
C.保持Q的位置不动,将P沿逆时针方向移动时,电流表的读数变大
D.保持Q的位置不动,将P沿逆时针方向移动时,电流表的读数变小
30.如图所示,M是一小型理想变压器,接线柱a、b接在电压u=311sin314t(V)的正弦
交流电源上,变压器右侧部分为一火警报警系统原理图,其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器,电流表A2为值班室的显示器,显示通过R1的电流,电压表V2显示加在报警器上的电压(报警器未画出),R3为一定值电阻.当传感器R2所在处出现火警时,以下说法中正确的是
A.A1的示数不变,A2的示数增大 B.V1的示数不变,V2的示数减小
C.V1的示数不变,V2的示数增大 D.A1的示数增大,A2的示数减小
3.(09·江苏物理·6)如图所示,理想变压器的原、副线圈匝数比为1:5,原线圈两端的
交变电压为u100tV 氖泡在两端电压达到100V时开始发光,下列说法中正确的有 ( AB )
A.开关接通后,氖泡的发光频率为100Hz
B.开关接通后,电压表的示数为100 V
C.开关断开后,电压表的示数变大
D.开关断开后,变压器的输出功率不变
解析:本题主要考查变压器的知识,要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解。由交变电压的瞬时值表达式知,原线圈两端电压的有效值为U12022V=20V,由n1n2U1U2得副线圈两端的电压为U2100V,电压表的示数理想变压器的动态分析类问题
100
250 Hz,一个周期内电压为交流电的有效值,B项正确;交变电压的频率为f
两次大于100V,即一个周期内氖泡能两次发光,所以其发光频率为100Hz,A项正确;开关断开前后,输入电压不变,变压器的变压比不变,故输出电压不变,C项错误;断开后,
电路消耗的功率减小,输出功率决定输入功率,D项错误。
3.(08四川·16)如图,一理想变压器原线圈接入一交流电源,副线圈电路
中R1、R2、R3和R4均为固定电阻,开关S
压表,读数分别为
U
1和U2; 为I1、I2和I3。现断开S,U1数值不变,下列推断中正确的是 ( BC )
A.U2变小、I3变小 B.U2不变、I3变大 C.I1变小、I2变小 D.I1变大、I2变大
解析:因为变压器的匝数与U1不变,所以U2与两电压表的示数均不变.当S断开时,因为负载电阻增大,故次级线圈中的电流I2减小,由于输入功率等于输出功率,所以I1也将减小,C正确;因为R1的电压减小,故R2、R3两端的电压将增大,I3变大,B正确.
4.(北京朝阳区2008年一模)如图所示,M为理想变压器,电表均可视
为理想表,接线柱a、b接电压u=311sin314t(V)的正弦交流电源。当
滑动变阻器的滑片P向上滑动时,示数发生变化的电表是 ( A )
A.A1、A2
C.A1、A2、V2B.A2、V2 D.A1、A2、V1、V2
7.(扬州市2008届第二次调研)如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1,b是原线圈的中心抽头,电压表和电流表均为理想电表,从某时刻开始在原线圈
c、d两端加上交变电压,其瞬时值表达式为u1100tV,则
( A )
A.当单刀双掷开关与a连接时,电压表的示数为22V;
B.当t1
600s时,c、d间的电压瞬时值为110V;
C.单刀双掷开关与a连接,在滑动变阻器触头P向上移动的过程中,电压表和电流表的示数均变小;
D.当单刀双掷开关由a扳向b时,电压表和电流表的示数均变小;
9.(青岛市2008年质检)如图所示,在一理想变压器的副线圈两端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R,在原线圈上加一正弦交变电压,下列说法正确的是
( B )
A.保持Q位置不变,将P向上滑动,变压器的输出电压变小
B.保持Q位置不变,将P向上滑动,电流表的读数变小
C.保持P位置不变,将Q向上滑动,电流表的读数变小
D.保持P位置不变,将Q向上滑动,变压器输出功率变小
12.(济南市2008年5月质检)如图所示,理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2,输电线的等效电阻为R。开始时,开关S断开,当S接通时,以下说法中正确的是 ( B )
A.副线圈两端M、N的输出电压减小
B.副线圈输电线等效电阻R两端的电压降增大
C.通过灯泡L1的电流减小
D.原线圈中的电流增大
17.(通州市2008届第六次调研)如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比是10:1,原线圈输入交变电压u100sin50 tV,O为副线圈中心抽出的线头,电路中两个电阻阻值相同,
( BC )
A.开关S断开时,电流表示数为
B.开关S断开时,两电阻总的电功率为2.5W
C.开关S闭合时,两电阻总的电功率为2.5W
D.电容器的耐压值至少是52V
25.(淮安、连云港、宿迁、徐州四市2008第三次调研)供电系统由于气候原因遭到严重破坏。为此,某小区启动了临时供电系统,它由备用发电机和副线圈匝数可调的变压器组成,如图所示,图中R
0表示输电线的电阻。滑动触头P置于a处时,用户的用电器恰好正常工作,在下列情况下,要保证用电器仍能正常工作,则 ( AC )
A.当发电机输出的电压发生波动使V1示数小于正常值,用电器不变
时,应使滑动触头P向上滑动
B.当发电机输出的电压发生波动使V1示数小于正常值,用电器不变
时,应使滑动触头P向下滑动
C.如果V1示数保持正常值不变,那么当用电器增加时,滑动触头P应向上滑
D.如果V1示数保持正常值不变,那么当用电器增加时,滑动触头P应向下滑 R10
,下列关于电路的分析正确的是 R 0
4.(枣庄市2008年模拟考试)如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1,b是原线圈的中心接头,电压表V和电流表A均为理想电表。从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压,其瞬时值表达式为u=2002sin100πt(V)。下列说法正确的是 ( D )
A.当单刀双掷开关与a连接时,电压表的示数为222V
B.当单刀双掷开关与b连接时, 电压表的示数为11V
C.当单刀双掷开关与a连接, 滑动变阻器触头P向上移动的过程中,电压表的示数不变,电流表的示数变大
D.单刀掷开关由a扳向b时(滑动变阻器触头P不动),电压表和电流表的示数均变大
5.(北京西城区2008年4月抽样)图中B为理想变压器,接在原线圈上的交变
电压有效值保持不变。灯泡L1和L2完全相同(阻值恒定不变),R是一个定值电
阻,电压表、表流表都为理想电表。开始时开关S是闭合的。当S断开后,下
列
( D )
A.电压表的示数变大 B.电流表A1的示数变大
C.电流表A2的示数变大 D.灯泡L1的亮度变亮
8.(烟台市2008届第一学期期末考)如图所示,一理想变压器原、副线圈的匝数比为n:1. 原线圈接正弦交变电压U,副线圈接有一个交流电流表和一个电动机. 电动机线圈电阻为说法正确的是 R,当变压器的输入端接通电源后,电流表的示数为I,电动机带动一质量为m的重物以速度v匀速上升,则下列判断正确的是
A.电动机两端电压为IR
B.电动机的输入功率为IR
C.变压器原线圈中的电流为nI
D.变压器的输入功率为IUn2 ( D )
19.(徐州市2008届摸底考试)如图所示,变压器的输入电压恒定,在下列措施中能使电流表示数变大的是( AD )
A.保持变阻器的滑片不动,将K从2拨向1
B.保持变阻器的滑片不动,将K从1拨向2
C.保持K与1相连接,将变阻器的滑片向上移
第六篇:《变压器的动态分析》
中小学1对1课外辅导专家
专题 理想变压器的动态分析讲义
中小学1对1课外辅导专家
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